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吉林省吉林市吉化九中九年级（上）期末物理试卷一.单项选择题（每题2分，共12分）1如图所示，能正确地测出小灯泡L1两端电压的电路是（）ABCD2一根锰铜线电阻为R，要使这根锰铜线连入电路时电阻变小，可用的方法是（）A降低锰铜线两端的电压B将锰铜线对折后连入电路C增大锰铜线中的电流D将锰铜线拉长后连入电路3如图所示的各电路中，闭合开关后两只灯泡属于并联的是（）ABCD4下列情况说法正确的是（）A家庭电路电压为380VB家用电饭锅的电功率约为1000WC手机电池的电压为220VD家用节能灯的电流约为2A5下列做法符合安全用电原则的是（）A可以在电线上晾晒衣服B熔丝被烧断后可换一根铜丝替代C使用试电笔时，手要接触笔尾金属体D发现有人触电后立即用手把触电人拉离电源6如图所示，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合时，电路中（）A电流表的示数变大，小灯泡变亮B电流表的示数变小，小灯泡变亮C电压表的示数变小，小灯泡不亮D电压表的示数变大，小灯泡不亮二、填空题（每空1分，共18分）7与丝绸摩擦过的玻璃棒带 电，这是因为玻璃棒了 电子8人们选用水作为汽车发动机的冷却剂，是因为水的 大，这是通过 方式改变内能的9小明家有一个标有“2W”字样的电蚊香加热器，正常工作1h，消耗 J的电能，它工作时电能转化为 能10家庭电路的电压在用电高峰时段，有时会降低到198V此时一盏“220V、100W”的灯泡工作时的实际功率将 100W（填“大于”、“等于”或“小于”）灯泡的实际亮度会比正常发光时 （填“亮”或“暗”）些11如图所示是四根高压输电线上的一个装置，利用这个装置将四根导线并联起来，相当于增大了导线的横截面积，从而减小了导线的 ，以达到减少输电线上电能损失的目的，这个装置应该是 （填“导体”或“绝缘体”）12电阻R1与R2串联在电路中，R16，R24它们两端电压之比为 ，它们的电功率之比为 13只将一个“220V 800W”的电暖气接入示数为如图所示的电能表所在的电路中，正常工作5h，消耗电能 kWh，此时电能表示数变为 14某家庭电路中电能表的表盘上标有“220V 20A”字样，现有5盏40W的电灯、一台100W的电视机、一台1000W的空调，该电能表允许连接的用电器的最大总功率是 W；该家庭电路 （填“能”或“不能”）允许再安装一台1500W的电热水器15如图是小灯泡L和定值电阻R的电流与电压关系的图象现将它们并联后接在电压为2V的电源两端，则干路中的电流是 A，小灯泡L的实际电功率是 W三、计算题（每题5分，共10分）16如图所示，R120，闭合开关，电压表和电流表的示数分别为6V和0.5A求（1）通过电阻R1的电流；（2）电阻R2的阻值17如图所示，电源电压为3V，小灯泡L标有“2.5V 1W”字样闭合开关后，小灯泡L正常发光求（1）通过小灯泡L的电流；（2）通电60s，电阻R消耗的电能四、简答题（每题2分，共6分）18妈妈做菜时，我们能闻到香味，这属于什么现象请你用分子热运动的知识解释为什么会产生这种现象19台式电脑的机箱外壳上开有许多小孔，并且机箱内装有微型风扇请解释这样做的道理20手机屏幕调的越亮越耗电请说明其中的道理五、作图与实验（21、22、23题各2分，其它题每空1分，共24分）21如图所示，根据安全用电原则，请将开关控制的电灯正确连入电路22如图，在圆圈中填上电流表或者电压表的符号，并标出正负接线柱，使灯能发光23请在图中标出磁感线的方向和电源的正极24在“伏安法”测量定值电阻的实验中，电源电压是3V（1）实验原理是 ，开关闭合之前滑动变阻器的滑片滑到 端；（2）实验过程中，无论怎样移动滑片，电流表和电压表的示数都很小且无变化，电路元件均完好，原因可能是 ；（3）排除故障后的电路连接如图甲所示，当电压表示数是2.5V时，电流表的示数如图乙所示是 A，被测电阻的阻值是 ；（4）实验过程中，改变滑片位置并进行多次测量，这样做可以达到 的目的25在测量额定电压为3.8V小灯泡的电功率试验中，电源电压为4.5V，电路如图所示（1）连接电路时，开关应 ，电压表的量程应选择 ；（2）检查电路无误后，闭合开关，会发现小灯泡不亮，但电流表和电压表的示数都很小，接下来应进行的操作是 ；（3）当小灯泡正常发光时，电流表的示数是0.3A，则小灯泡的额定功率是 W26小明同学在探究电流流过导体产生的热的多少与什么因素有关时采用了如图所示的实验装置请仔细观察甲、乙两图并回答（1）你认为甲图所示的装置是用来研究电流通过导体产生的热与 的关系由甲图所示的实验现象可以得到的结论是在电流、通电时间相同的情况下， 越大，电流通过电阻产生的热量越多；（2）在乙电路其中一个容器的外部，将一个电阻和这个容器内的电阻并联，再接入原电路，可以探究电流产生的热量与 的关系27某小组在探究电流与电阻关系的实验中，设计了如图所示的电路（1）请你用笔画线代替导线将如图所示电路连接完整；（2）电源由两节电压为1.5V的电池串联组成，则电源电压为 V；（3）若分别将5、l0、15的电阻接入电路进行实验时，调节滑动变阻器，保持电压表示数为1.5V不变，那么选取的滑动变阻器的最大阻值应该不小于 ，由此得到结论电压一定时，电流与电阻成 ；（4）保持电压表示数为2V的条件下重复进行上述实验，其目的是 吉林省吉林市吉化九中九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一.单项选择题（每题2分，共12分）1如图所示，能正确地测出小灯泡L1两端电压的电路是（）ABCD【考点】I3电压表的使用【分析】根据电压表与被测用电器并联，并且流入电压表的电流必须从正接线柱流入，负接线柱流出对四个选项逐一分析，即可找出正确选项【解答】解A、由图示电路图可知，电压表正负接线柱接反了，不能测出小灯泡L1两端电压，故A错误；B、由图示电路图可知，电压表测量的是两灯泡串联总电压，测量的是电源电压，不能测出小灯泡L1两端电压，故B错误；C、由图示电路图可知，电压表与小灯泡L2并联，测量的是小灯泡L2两端电压，不能测出小灯泡L1两端电压，故C错误；D、由图示电路图可知，电压表并联在小灯泡L1两端，测小灯泡L1两端电压，故D正确；故选D2一根锰铜线电阻为R，要使这根锰铜线连入电路时电阻变小，可用的方法是（）A降低锰铜线两端的电压B将锰铜线对折后连入电路C增大锰铜线中的电流D将锰铜线拉长后连入电路【考点】IA影响电阻大小的因素【分析】影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积，与导体两端的电压、通过的电流无关；材料和温度不变时，导线越长、横截面积越小电阻越大【解答】解A、导体的电阻是导体的阻碍电流的性质，与导体两端的电压高低无关；故A错误；B、将导线对折后接入电路，长度变小、横截面积变大，导体的电阻变小，故B正确；C、导体的电阻是导体的阻碍电流的性质，与通过导体的电流大小无关；故C错误；D、将这根导线拉长，长度变长、横截面积变小，电阻变大，可以使连入电路的导线电阻变大，故D错误故选B3如图所示的各电路中，闭合开关后两只灯泡属于并联的是（）ABCD【考点】HT串联电路和并联电路的辨别【分析】串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极【解答】解ABC、开关闭合后，灯泡L1、L2顺次连接，因此该电路为串联电路；C、开关闭合后，灯泡L1、L2并列连接，因此该电路为并联电路故选C4下列情况说法正确的是（）A家庭电路电压为380VB家用电饭锅的电功率约为1000WC手机电池的电压为220VD家用节能灯的电流约为2A【考点】I1电压；HG电流的大小；J7电功率【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【解答】解A、家庭电路电压为220V，故A错误；B、家用电饭锅的电功率在1000W左右，故B正确；C、手机电池电压为3.7V，故C错误；D、家用的节能灯的功率与40W，由PUI可得，工作电流I0.18A，故D错误故选B5下列做法符合安全用电原则的是（）A可以在电线上晾晒衣服B熔丝被烧断后可换一根铜丝替代C使用试电笔时，手要接触笔尾金属体D发现有人触电后立即用手把触电人拉离电源【考点】IV安全用电原则【分析】（1）安全用电的原则不接触低压带电体，不靠近高压带电体；（2）保险丝是用熔点较低、电阻率较大的铅锑合金制成的，当电流过大时自身熔断切断电路，从而起到保护电路安全运行的作用；（3）测电笔的正确使用是手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；（4）发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施【解答】解A、电线中有电流通过，人接触电线容易触电，更不能在电线上凉晒衣服，故A错误；B、铜丝的熔点高，当电流过大时，不能熔断，因此不能做保险丝，故B错误；C、使用测电笔时，手要与笔尾金属体接触，故C正确；D、发现有人触电后，直接用手把触电者拉离电源，因人体是导体，可能使救助者间接触电事故，故D错误故选C6如图所示，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合时，电路中（）A电流表的示数变大，小灯泡变亮B电流表的示数变小，小灯泡变亮C电压表的示数变小，小灯泡不亮D电压表的示数变大，小灯泡不亮【考点】IZ电路的动态分析【分析】分析当开关S由断开到闭合时电路的变化，根据串联电路的规律和欧姆定律确定正确答案【解答】解当开关S断开时，灯L与电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；S闭合时，L短路，灯不亮，电路中只有R，此时电压表测电源电压，电流表测电路中的电流；根据串联电路电压的规律，故电压表示数变大，根据串联电阻的规律，S闭合时电阻变小，根据欧姆定律I可知，电路中电流变大，电流表示数变大；综上所述，只有D正确，ABC错误故选D二、填空题（每空1分，共18分）7与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，这是因为玻璃棒了失去电子【考点】H2正电荷与负电荷【分析】不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚核外电子的本来不同，原子核束缚核外电子本领强的得到电子，物体因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，物体因缺少电子带正电【解答】解丝绸与玻璃棒摩擦，玻璃棒的一些电子转移到丝绸上，玻璃棒因失去电子而带正电，丝绸因得到等量的电子而带负电故答案为正；失去8人们选用水作为汽车发动机的冷却剂，是因为水的比热容大，这是通过热传递方式改变内能的【考点】GE水的比热容的特点及应用；GA热传递改变物体内能【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少；改变内能的方法有两个做功和热传递【解答】解汽车发动机工作时产生大量的热，这些热如果不迅速转移，就可能损害发动机因为水的比热容较大，用水做冷却剂时，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，这样可以把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得太高发动机冷却是依靠热传递改变内能的故答案为比热容；热传递9小明家有一个标有“2W”字样的电蚊香加热器，正常工作1h，消耗7200J的电能，它工作时电能转化为内能【考点】J3电功的计算【分析】电蚊香加热器是利用电流的热效应工作的，已知加热器的额定功率和正常工作时间，利用公式WPt得到消耗的电能【解答】解由P得加热器正常工作1h消耗的电能WPt2W3600s7200J；它工作时将电能转化为内能，使蚊香的内能增大、温度升高，加快分子运动速度，扩散的更快故答案为7200；内10家庭电路的电压在用电高峰时段，有时会降低到198V此时一盏“220V、100W”的灯泡工作时的实际功率将小于100W（填“大于”、“等于”或“小于”）灯泡的实际亮度会比正常发光时暗（填“亮”或“暗”）些【考点】JA电功率的计算；JE实际功率【分析】（1）用电器只有在额定电压下工作时，发挥的实际功率才等于额定功率；（2）用电器发挥的功率与其两端的电压有关，当电压大于额定电压时，实际功率大于额定功率；当电压小于额定电压时，实际功率小于额定功率【解答】解（1）“220V，100W”的灯泡表示灯泡的额定电压是220V，额定功率是100W，当灯泡两端电压等于220V时，灯泡的功率等于100W，小灯泡正常发光；（2）当灯泡两端电压大于220V时，灯泡的功率大于100W，小灯泡发光较亮；当灯泡两端电压小于220V时，灯泡的功率小于100W，小灯泡发光较暗（3）实际电压等于198V，小于额定电压220V，因此实际功率小于额定功率100W，灯泡发光较暗故答案为小于、暗11如图所示是四根高压输电线上的一个装置，利用这个装置将四根导线并联起来，相当于增大了导线的横截面积，从而减小了导线的电阻，以达到减少输电线上电能损失的目的，这个装置应该是导体（填“导体”或“绝缘体”）【考点】IA影响电阻大小的因素【分析】将四根导线并列的连接在一起等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，从外形上看，很容易得出其横截面积的变化根据电阻定律，分析导体的横截面积与电阻的关系，从而可以确定横截面积的变化造成导体的电阻如何变化能导电的物体是导体；【解答】解四根导线并联在一起，等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，其横截面积变大了；导体的电阻大小与导体的横截面积有关，在其他因素不变的情况下，其电阻的大小与导体的横截面积成反比所以横截面积增大，导体的电阻减小；这个装置应该是导体故答案为电阻；导体12电阻R1与R2串联在电路中，R16，R24它们两端电压之比为32，它们的电功率之比为32【考点】IH欧姆定律的应用【分析】两电阻串联时通过它们的电流相等，根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据PUI求出消耗的功率之比【解答】解因串联电路中各处的电流相等，所以，电阻R1与R2串联在电路中时，它们两端的电压之比，由PUI可得，它们的电功率之比故答案为32； 3213只将一个“220V 800W”的电暖气接入示数为如图所示的电能表所在的电路中，正常工作5h，消耗电能4kWh，此时电能表示数变为03660【考点】J5电能表参数的理解与电能的求法【分析】利用公式WPt计算消耗的电能电能表的示数月末的示数等于月初的示数加上本月消耗的电能，最后一位是小数，单位kWh【解答】解电暖气的额定功率P800W0.8kW，正常工作时间t5h，消耗的电能为WPt0.8kW5h4kWh电能表开始的示数为362.0kWh；则电暖气工作5h后电能表的示数为362.0kWh4kWh366.0kWh此时电能表示数变为03660故答案为4；0366014某家庭电路中电能表的表盘上标有“220V 20A”字样，现有5盏40W的电灯、一台100W的电视机、一台1000W的空调，该电能表允许连接的用电器的最大总功率是4400W；该家庭电路能（填“能”或“不能”）允许再安装一台1500W的电热水器【考点】JA电功率的计算【分析】知道电能表正常工作的电压和允许通过的最大电流，根据PUI求出该电能表允许连接的用电器的最大总功率，然后求出现有家用电器同时工作时的总电功率，然后比较判断得出答案【解答】解该电能表允许连接的用电器的最大总功率P总UI220V20A4400W，现有家用电器同时工作时的总功率P总40W5100W1000W1300W，因P总P总4400W1300W3100W1500W，所以，该家庭电路能再安装一台1500W的电热水器故答案为4400；能15如图是小灯泡L和定值电阻R的电流与电压关系的图象现将它们并联后接在电压为2V的电源两端，则干路中的电流是0.8A，小灯泡L的实际电功率是1.2W【考点】H并联电路的电流规律；JE实际功率【分析】（1）根据图象读出通过的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流（2）根据公式PUI小灯泡L的实际电功率【解答】解将灯泡和定值电阻并联在2V电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，URUL2V，由图象可知，通过的电流为IR0.2A，IL0.6A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流IILIR0.6A0.2A0.8A；小灯泡L的实际电功率为PLUIL2V0.6A1.2W故答案为0.8；1.2三、计算题（每题5分，共10分）16如图所示，R120，闭合开关，电压表和电流表的示数分别为6V和0.5A求（1）通过电阻R1的电流；（2）电阻R2的阻值【考点】IH欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过电阻R1的电流；（2）根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，根据欧姆定律求出电阻R2的阻值【解答】解由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过电阻R1的电流I10.3A；（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流I2II10.5A0.3A0.2A，电阻R2的阻值R230答（1）通过电阻R1的电流0.3A；（2）电阻R2的阻值3017如图所示，电源电压为3V，小灯泡L标有“2.5V 1W”字样闭合开关后，小灯泡L正常发光求（1）通过小灯泡L的电流；（2）通电60s，电阻R消耗的电能【考点】J9电功率与电压、电流的关系；J3电功的计算【分析】由电路图可知，灯泡L与电阻R串联（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据PUI求出通过小灯泡L的电流；（2）根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据串联电路的电流特点和WUIt求出通电60s电阻R消耗的电能【解答】解由电路图可知，灯泡L与电阻R串联（1）因灯泡正常发光时的电压UL2.5V，功率PL1W，所以，由PUI可得，灯泡正常发光时通过的电流IL0.4A；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压URUUL3V2.5V0.5V，因串联电路中各处的电流相等，所以，通电60s电阻R消耗的电能WRURIRtURILt0.5V0.4A60s12J答（1）通过小灯泡L的电流为0.25A；（2）通电60s，电阻R消耗的电能为12J四、简答题（每题2分，共6分）18妈妈做菜时，我们能闻到香味，这属于什么现象请你用分子热运动的知识解释为什么会产生这种现象【考点】GW扩散现象【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈【解答】答由于一切物体的分子都在永不停息的做无规则运动，所以在妈妈做菜时就能闻到香味，这是扩散现象19台式电脑的机箱外壳上开有许多小孔，并且机箱内装有微型风扇请解释这样做的道理【考点】JG电热【分析】电热的危害以及防止，电视机的后盖上有小孔、电动机外壳上有散热片、电脑机箱内有微型风扇都是为了散热，确保用电器正常工作【解答】答台式电脑使用时，会产生大量的电热，如果不能及时散热，会影响电脑的正常工作和产生安全隐患，机箱壳上开有许多小孔及微型风扇都是为了帮助散热20手机屏幕调的越亮越耗电请说明其中的道理【考点】J8电功率与电能、时间的关系【分析】手机屏幕的亮度是由其实际功率决定的，屏幕的实际功率越大，屏幕越亮，据此分析答题【解答】答手机屏幕的亮度是由其实际功率决定的，屏幕越亮，说明屏幕的实际功率P越大，在相等时间t内，根据WPt可知，消耗的电能就越多五、作图与实验（21、22、23题各2分，其它题每空1分，共24分）21如图所示，根据安全用电原则，请将开关控制的电灯正确连入电路【考点】IO家庭电路的连接【分析】先确定开关与灯泡的连接方式，然后再确定开关接灯泡的接线柱和接电源的火线还是零线，最后根据家庭电路的正确连接方法将灯泡和开关接入电路中【解答】解开关和灯泡应该串联连接，开关接电源的火线，再接灯泡顶部的接线柱，确保开关断开时，灯泡不带电，灯泡的螺旋套接电源的零线如图所示22如图，在圆圈中填上电流表或者电压表的符号，并标出正负接线柱，使灯能发光【考点】HX电流表的使用；I3电压表的使用【分析】电流表串联在电路中，电压表与用电器并联，电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出，根据电流表与电压表的接法分析电路图，然后分析答题【解答】解右边圈与灯泡串联，故为电流表；上面圈与灯泡并联，故为电压表；电流从仪表的正接线柱流入，负接线柱流出，电路图如下图所示23请在图中标出磁感线的方向和电源的正极【考点】CV通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】知道小磁针的磁极，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出来，回到南极【解答】解从图可知，小磁针的左端为N极，右端是S极；根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，可知通电螺线管的左端是N极，右端是S极根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电源的左端为负极，右端为正极在磁体的外部，磁感线都是从磁体的N极出来回到S极，所以图中磁感线的方向都向右如图所示24在“伏安法”测量定值电阻的实验中，电源电压是3V（1）实验原理是R，开关闭合之前滑动变阻器的滑片滑到右端；（2）实验过程中，无论怎样移动滑片，电流表和电压表的示数都很小且无变化，电路元件均完好，原因可能是滑动变阻器全部接了下方两接线柱；（3）排除故障后的电路连接如图甲所示，当电压表示数是2.5V时，电流表的示数如图乙所示是0.5A，被测电阻的阻值是5；（4）实验过程中，改变滑片位置并进行多次测量，这样做可以达到减小误差的目的【考点】IM伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）伏安法测电阻，就是利用电压表测出电阻两端的电压，电流表测出通过的电流，利用R求出电阻的阻值；为防止电路中的电流过大烧坏电路元件，闭合开关前滑动变阻器处于最大阻值处；（2）接通电路后，实验时无论怎样移动滑片，电流表和电压表的示数都很小，说明电路中接入了大的电阻；且无变化，说明滑片不能起调节作用；（3）根据电流表的量程和分度值读出示数，根据欧姆定律求出被测电阻的阻值；（4）在定值电阻的阻值，应多测几次求平均值，这样可以减小误差【解答】解（1）该实验的原理是R；为保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片处于最大阻值处的右端；（2）接通电路后，实验时无论怎样移动滑片，电流表和电压表的示数都很小，说明电路中接入了大的电阻；且无变化，说明滑片不能起调节作用，故线路故障为滑动变阻器全部接了下方两接线柱；（3）当电压表示数是2.5V时，由图乙可知电压表的量程为00.6A，分度值为0.02A，电流I0.5A，由I可得，被测电阻的阻值R5；（4）测量待测电阻阻值时，需要移动滑片P，改变待测电阻两端电压，多次实验取平均值达到减小误差的目的故答案为（1）R；右；（2）滑动变阻器全部接了下方两接线柱；（3）0.5；5；（4）减小误差25在测量额定电压为3.8V小灯泡的电功率试验中，电源电压为4.5V，电路如图所示（1）连接电路时，开关应断开，电压表的量程应选择015V；（2）检查电路无误后，闭合开关，会发现小灯泡不亮，但电流表和电压表的示数都很小，接下来应进行的操作是移动滑动变阻器滑片观察小灯泡是否发光；（3）当小灯泡正常发光时，电流表的示数是0.3A，则小灯泡的额定功率是1.14W【考点】JF电功率的测量【分析】（1）为防止电路中的电流过大、烧坏电路元件，连接电路时开关应断开；根据小灯泡的额定电压确定电压表的量程；（2）连接电路的时候，滑动变阻器的滑片移到了阻值最大处，闭合开关后应移动滑片；（3）额定电压电压下灯泡正常发光，根据PUI求出灯泡的额定功率【解答】解（1）为保护电路，连接电路时开关应断开；由灯泡的额定电压为3.8V可知，电压表的量程应选015V；（2）电路连好后，小华闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表都有示数，接下来应进行的操作是移动滑动变阻器滑片观察小灯泡是否发光；（3）小灯泡正常发光时，电流表的示数是0.3A，则小灯泡的额定功率为PUI3.8V0.3A1.14W故答案为（1）断开；015V；（2）移动滑动变阻器滑片观察小灯泡是否发光；（3）1.1426小明同学在探究电流流过导体产生的热的多少与什么因素有关时采用了如图所示的实验装置请仔细观察甲、乙两图并回答（1）你认为甲图所示的装置是用来研究电流通过导体产生的热与电阻的关系由甲图所示的实验现象可以得到的结论是在电流、通电时间相同的情况下，电阻越大，电流通过电阻产生的热量越多；（2）在乙电路其中一个容器的外部，将一个电阻和这个容器内的电阻并联，再接入原电路，可以探究电流产生的热量与电流的关系【考点】JH焦耳定律【分析】（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；（2）探究电流产生热量跟电流关系时，控制通电时间和电压不变，因此需要电阻并联【解答】解（1）如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系；在电流、通电时间相同的情况下，电阻越大，电流通过电阻产生的热量越多；（2）在乙电路其中一个容器的外部，将一个电阻和这个容器内的电阻并联，再接入原电路，可以探究电流产生的热量与电流大小的关系故答案为（1）电阻；电阻；（2）电流27某小组在探究电流与电阻关系的实验中，设计了如图所示的电路（1）请你用笔画线代替导线将如图所示电路连接完整；（2）电源由两节电压为1.5V的电池串联组成，则电源电压为3V；（3）若分别将5、l0、15的电阻接入电路进行实验时，调节滑动变阻器，保持电压表示数为1.5V不变，那么选取的滑动变阻器的最大阻值应该不小于15，由此得到结论电压一定时，电流与电阻成反比；（4）保持电压表示数为2V的条件下重复进行上述实验，其目的是多次实验，使得出的规律更具有普遍性【考点】IL探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）（2）干电池串联后，总电压等于每节电池电压之和；先求出电源电压，然后根据电源电压确定电压表的量程，并将电压表并联在定值电阻两端；（3）根据串联分压的知识可知，当电阻为15时，所需滑动变阻器的阻值最大，利用串联电路的电压、电流规律以及欧姆定律计算出滑动变阻器的最大阻值；电压一定时，电流与电阻成反比；（4）多次实验可以寻找普遍规律，还可以求平均值减小实验误差【解答】解（1）（2）电源电压U21.5V3V，因此电压表选择03V的量程，并将电压表“3”接线柱与定值电阻的右接线柱相连，如下图所示（3）由数据知，当电阻值为15时，电路中的电流最小，即Imin0.1A；U滑UUR3V1.5V1.5V；R滑15；电压一定时，电流与电阻成反比；（4）保持电压表示数为2V的条件下重复进行上述实验，是为了多次实验得出的规律更具有普遍性故答案为（2）3；（3）15；反比；（4）多次实验，使得出的规律更具有普遍性
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