江苏省南京市高淳县九年级上学期期末物理试卷【解析版】.doc

江苏省南京市高淳县九年级（上）期末物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1如图所示的器具，属于省力杠杆的是（）2下列生活场景中，通过做功来改变物体内能的是（）A搓动双手感到暖和B用嘴向手“哈气”感到暖和C冬天晒太阳身体感到暖和D围坐火炉烤火感到暖和3下列实例中，人对物体做功的是（）A学生背着书包在水平路面上匀速前进B人推车，车未动C足球被踢后，在草地上滚动一段距离D举重运动员将杠铃举起4如图所示的滑轮组，每个滑轮重为20N，绳重及摩擦不计用它匀速提升重为100N的物体，所用的拉力F是（）A50NB60NC70ND120N5如图所示为滚摆运动的现象，下列解释中不正确的是（）A动能与势能可以相互转化B下降时重力势能减小、动能增大C上升的最大高度逐次降低，是由于受到重力作用D有部分机械能转化为内能6电熨斗通电一段时间后变得很烫，而连接电熨斗的导线却不怎么热，这主要是因为（）A导线的绝缘皮隔热B通过导线的电流小于通过电熨斗的电流C导线散热比电熨斗快D导线的电阻远小于电熨斗电热丝的电阻7如图所示的电路，闭合开关，观察发现灯泡L1亮、L2不亮调节变阻器滑片P，灯泡L1的亮度发生变化，但灯泡L2始终不亮出现这一现象的原因可能是（）A灯泡L2灯丝断了B滑动变阻器短路了C灯泡L2短路了D滑动变阻器接触不良8如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S闭合后，滑片P向右滑动时（）A电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡变暗B电流表示数变小，电压表示数变大，灯泡变亮C灯泡的实际功率减小D电路的总功率增大9某同学在没有电流表的情况下，利用电压表和已知阻值的定值电阻R0，测量未知电阻Rx阻值，图中不能实现测量Rx阻值的电路图是（）ABCD10下列做法不符合安全用电原则的是（）A用电器的金属外壳应接地B检查维修家用电器时，应将电源断开C为防止家庭电路中的熔丝频繁烧断，可用铜丝代替熔丝D使用测电笔时，手要接触测电笔尾部的金属电极11关于磁体、磁场和磁感线，以下说法中正确的是（）A铁和铝都能够被磁体吸引B磁体之间的相互作用是通过磁场发生的C磁感线是磁场中真实存在的曲线D磁感线从磁体的S极出来，回到磁体的N极12如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20 1A”闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中，下列说法正确的是（）A电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W2.5WB电流表示数允许的变化范围为0.2A0.3AC变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为220D电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W3W二、填空题（本题共10小题，每空1分，共28分）13在探究杠杆平衡条件的实验中，保持杠杆在水平位置平衡，就可以直接从杠杆上读出如图所示，在支点左侧20cm刻度处挂3个重均0.5N的钩码，右侧30cm刻度处用弹簧测力计沿竖直方向拉杠杆，使其水平平衡，此时弹簧测力计拉力为N保持弹簧测力计悬挂点的位置不变，使其拉力方向斜向右下方，仍使杠杆水平平衡，弹簧测力计示数变14正常人的心脏推动血液流动的功率约为1.5W，那么在3s 内心脏做的功是J，这些功可把一个0.5N 的鸡蛋匀速举高m15如图是比较不同燃料热值的装置（1）酒精的热值为3.0107J/kg，表示；（2）当酒精和碎纸片完全燃烧时，需要记下；（3）在（a）装置中，酒精的质量为10g，烧杯中水的质量为200g、初温为20点燃酒精直至烧完，此时温度计示数上升到70，给水加热的效率为水的比热容为4.2103J/（kg16两只定值电阻，甲标有“10 0.5A”，乙标有“20 0.3A”，如果把它们串联起来，电路两端允许加的最大电压为V；如果把它们并联起来，干路中允许通过的最大电流为A17如图1所示，先在一个配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花，然后迅速压下活塞，筒内棉花燃烧起来对这一现象的解释是，活塞压缩玻璃筒内的空气，对筒内空气做了，使空气的增加，温度升高，达到乙醚着火点如图2是汽油机工作时各冲程的示意图，从能量转化的角度看，其中与左图实验相同的是如果该汽油机飞轮转速是1800r/min，则它每秒钟内对外做功次18一个标有“220V 800W”字样的电暖器，正常工作5h消耗的电能是kWh小明家电能表表盘如图所示，若现在只有该电暖器工作，则该表的指示灯闪烁了次，此时电能表上的示数变为19某校物理兴趣小组设计了一种“电子秤”，实际上是压力测量仪，用它来称量物体的重量，其原理结构如图所示图中A为金属片，B为金属板，R124，R2是最大值为72的滑动变阻器，电源电压为12V不变则图中重量表应该用（电流表/电压表）；当称量物体重量达到最大值时，R2两端的电压为V来源学科网20如图甲所示，电源电压为6V恒定不变，滑动变阻器R2最大阻值是20闭合开关，滑动变阻器的PR图象如图乙所示，则R1；当滑片P滑至最右端时，电流表的示数为A，通电10s电流通过R1产生的热量是J21如图所示的电路中，电源电压恒定不变，电阻R的阻值为20闭合开关S2时，R和L是联；在对S1和S2进行闭合或断开的各种操作中，电流表可读得0.5A和0.3A两个值，那么电源电压UV，灯泡电阻RL（灯泡电阻不随温度变化）22为了探究“电流通过导体产生的热量跟什么因素有关”，某同学将两段阻值不同的电阻丝R1、R2分别密封在两个完全相同的烧瓶中，并设计了如图所示的甲、乙两套装置已知所用蓄电池电压相等且保持不变，R1R2，装入烧瓶的煤油质量相等实验中，电流通过导体产生热量的多少是通过煤油升高的温度体现出来的，这种方法叫甲装置可探究电流通过导体产生的热量与是否有关，在相同的通电时间内，温度计所在烧瓶中的电阻丝产生的热量最多三、解答题（本题共10小题，共48分解答29、30题时应有公式和解题过程）23把羊角锤看做杠杆，如图用羊角锤拔钉子，O为支点，画出在A点施加的最小力F的示意图及其力臂L24根据图示通电螺线管周围的磁感线方向，在图中标出通电螺线管的N极和电源的正极25如图所示，用笔画线代替导线将电灯和开关接到电路中26小明在“测滑轮组机械效率”的实验中，用如图1所示的滑轮组进行了三次实验，实验数据如表（1）分析表中数据，回答以下问题表中有一个数据的记录是错误的，该错误数据是；第3次实验中滑轮组的机械效率是；滑轮组的机械效率与无关（2）小红在小明实验的基础上多使用一个滑轮也做了实验，如图2所示小红多使用一个滑轮，目的是为了改变；两位同学使用各自的滑轮组提升相同的重物（不计绳重及摩擦），那么所测机械效率是否相同，理由是27如图所示，某兴趣小组在探究“电流跟电压、电阻关系”时，明记录数据如下（1）在做表中的实验时，滑动变阻器的作用是，依次进行的第1、2、3次实验过程中，滑片P应向（选填“左”或“右”）滑动；（2）在做表中的实验时，电路中滑动变阻器的作用是，依次进行的第4、5、6次实验的过程中，滑片P应向（选填“左”或“右”）滑动28用伏安法测电阻，实验电路图如图1，电源电压保持不变（1）该实验的原理是；（2）闭合开关S前，滑动变阻器滑片P应置于端（选填“A”或“B”）；（3）小明用完好的器材按如图所示实验电路图连接电路，刚一“试触”，就发现电流表的指针迅速摆动到最大刻度，原因可能是，；（4）小华按图所示的实验电路图正确连接电路，进行实验，某次实验中电压表示数、电流表示数如图2所示，则此时通过Rx的电流为A，被测电阻Rx29在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整；（2）小明连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是；（写出一种即可）（3）小明闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为V，则此时灯泡消耗的实际功率额定功率（选填“”、“”或“”）；（4）小明继续移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成IU图象（图丙），根据图象，可计算出小灯泡的额定功率是W；（5）进一步分析图象可知，随着灯泡两端电压的增大，灯丝电阻逐渐（选填“增大”、“减小”或“不变”），造成这一现象的原因可能是30在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路（1）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数（选填“增加”或“减少”），说明电流越，电磁铁磁性越强；（2）根据图示可知，（选填“甲”或“乙”）的磁性强，说明电流一定时，，电磁铁磁性越强；（3）电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是31在综合实践活动中，小明设计了如图所示的电热水器的电路图电热丝R1的阻值为44，R2的阻值为2156，电源电压恒为220V，不计温度对电阻的影响求（1）只闭合开关S1，电热水器处于（选填“保温”或“加热”）状态，此时电路中的电流是多大（2）同时闭合开关S1、S2，通电5min，能使5kg水的温度升高10，则此过程中水吸收的热量是多少此状态下，该电热水器的效率是多少c水4.2103J/（kg）32如图甲所示，电源电压恒定不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样通过特殊金属材料制成的电阻R1的电流I1与它两端的电压U1的关系如图乙所示求（1）小灯泡L正常发光时的电阻（2）闭合开关S1、S3，断开S2，当把滑片P移到最左端时，灯泡L正常发光，电流表的示数是多少（3）断开开关S1、S3，闭合S2，电流表示数为0.1A，此时滑动变阻器连入电路的电阻为10，小灯泡消耗的实际功率为多少2014-2015学年江苏省南京市高淳县九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1如图所示的器具，属于省力杠杆的是（）考点 杠杆的分类专题 简单机械分析 结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆解答 解A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错误；B、独轮车动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B正确；C、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故C错误；D、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D错误故选B点评 此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂2下列生活场景中，通过做功来改变物体内能的是（）A搓动双手感到暖和B用嘴向手“哈气”感到暖和C冬天晒太阳身体感到暖和D围坐火炉烤火感到暖和考点 做功改变物体内能；热传递改变物体内能分析 改变物体的内能的方法有一是做功，二是热传递做功实质是能量的转化过程；热传递实质是内能的转移据此分析判断解答 解A、搓手时两手摩擦做功，机械能转化为内能，手的内能增加、温度升高，是通过做功改变内能的，符合题意；B、向手“哈气”是通过热传递的方式改变物体内能的，不符合题意；C、晒太阳是从太阳吸热，是通过热传递的方式改变物体内能的，不符合题意；D、火炉取暖是从火炉吸热，是通过热传递的方式改变物体内能的，不符合题意；故选A点评 本题考查的是做功改变内能和热传递改变内能的不同，做功是能量的转化，热传递是能量的转移3下列实例中，人对物体做功的是（）A学生背着书包在水平路面上匀速前进B人推车，车未动C足球被踢后，在草地上滚动一段距离D举重运动员将杠铃举起考点 力是否做功的判断专题 功、功率、机械效率分析 做功的两个必要因素作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可解答 解A、学生背着书包在水平路面上匀速前进，有力存在但力的方向上无移动的距离不符合做功的两个必要因素，故A错误；B、人推车，车未动，有力无距离人用的力不符合做功的两个必要因素，故B错误；C、人足球被踢后，由于惯性在草地上滚动一段距离，此时人没有力作用在足球上，所以人没有对足球做功，不符合做功的两个必要因素，故C错误；D、将杠铃举起，有力有距离，并且力和距离相互对应，所以符合题意故D正确故选D点评 本题考查了力是否做功的判断方法4如图所示的滑轮组，每个滑轮重为20N，绳重及摩擦不计用它匀速提升重为100N的物体，所用的拉力F是（）A50NB60NC70ND120N考点 滑轮组绳子拉力的计算专题 简单机械分析 做有关滑轮组的计算题首先要判断承担重物的绳子股数，图中最后一段是由定滑轮引出来的，所以绳子股数是2题中告诉了我们不计绳重及摩擦，2段绳子承担物重和动滑轮重，根据F（GG动）计算即可解答 解图中绳子股数n2，不计绳重及摩擦，所以拉力为F（GG动）（100N20N）60N故选B点评 此题主要考查的是学生对滑轮组省力情况的理解和掌握，弄清楚绳子的股数是解决此题的关键5如图所示为滚摆运动的现象，下列解释中不正确的是（）A动能与势能可以相互转化B下降时重力势能减小、动能增大C上升的最大高度逐次降低，是由于受到重力作用D有部分机械能转化为内能考点 动能和势能的转化与守恒专题 重力、弹力、摩擦力分析 分析滚摆的向上运动时的速度及高度的变化，则可知动能及重力势能的变化；根据机械能的定义可知机械能的变化解答 解A、滚摆在上升或下降的过程中动能与势能可以相互转化，故A叙述正确；B、滚摆下降运动的过程中，由于高度下降，则重力势能减小，同时速度增加，则动能增加，即重力势能转化为了动能；故B叙述正确；C、滚摆上升的最大高度逐次降低，是由于受速度减小的原因，故C叙述错误；D、滚摆在上升过程中，高度逐渐降低，说明机械能转化为内能，故D叙述正确；故选C点评 本题考查了机械能的定义及动能和重力势能的相互转化，注意在只有重力做功的情况下，重力势能和动能可以相互转化，但总量是保持不变的6电熨斗通电一段时间后变得很烫，而连接电熨斗的导线却不怎么热，这主要是因为（）A导线的绝缘皮隔热B通过导线的电流小于通过电熨斗的电流C导线散热比电熨斗快D导线的电阻远小于电熨斗电热丝的电阻考点 焦耳定律在实际中的应用专题 应用题；电与热、生活用电分析 电熨斗和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律QI2Rt可知，电阻越大电流产生的热量越多，据此分析判断解答 解电炉丝跟铜导线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等QI2Rt，R电炉丝R导线，产生的热量Q电炉丝Q导线，即相同时间内导线产生的热量小于电炉丝产生的热量，而与散热快慢、隔热效果无关，故D正确，ABC错故选D点评 本题主要考查学生对焦耳定律的了解与掌握，分析时注意用好控制变量法7如图所示的电路，闭合开关，观察发现灯泡L1亮、L2不亮调节变阻器滑片P，灯泡L1的亮度发生变化，但灯泡L2始终不亮出现这一现象的原因可能是（）A灯泡L2灯丝断了B滑动变阻器短路了C灯泡L2短路了D滑动变阻器接触不良考点 电流表、电压表在判断电路故障中的应用专题 压轴题；电流和电路分析 在串联电路中，若只有一个用电器工作，则电路中不能发生断路，可能是另一个用电器发生了短路而造成的知道接触不良也是断路的一种若发生断路，则整个电路都不会有电流，所有的用电器都不会工作解答 解A、若灯泡L2灯丝断了，则L1也不能发光，所以A错误；B、若滑动变阻器短路了，则滑动变阻器不会引起L1亮度的变化，所以B错误；C、若灯L2短路了，则L2不亮，L1照常发光，所以C正确；D、若滑动变阻器接触不良，则整个电路断路，两灯都不亮，所以D错误故选C点评 此题考查了电路故障的分析，首先掌握短路和断路的含义，才能根据题目中给出的情况作出判断8如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S闭合后，滑片P向右滑动时（）A电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡变暗B电流表示数变小，电压表示数变大，灯泡变亮C灯泡的实际功率减小D电路的总功率增大考点 电路的动态分析专题 电路变化分析综合题分析 由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压；根据滑动变阻器滑片移动方向判断滑动变阻器接入电路的电阻如何变化，由串联电路特点判断电压表示数如何变化，由欧姆定律判断电路电流如何变化，由电功率公式PUI可知电路总功率的变化，根据PI2R可知灯泡实际功率的变化解答 解由电路图可知，滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，则电路电流变小，即电流表示数变小，故A错误；由UIR可知，灯泡两端电压变小，即电压表示数变小，故B错误；由PUI可知，电路中的总功率变小，故D错误；由PI2R可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故C正确故选C点评 本题是一道动态分析题，是常考题型，要掌握这类题的解题思路；分析清楚电路结构、熟练应用串联电路特点及欧姆定律、电功率公式是正确解题的关键9某同学在没有电流表的情况下，利用电压表和已知阻值的定值电阻R0，测量未知电阻Rx阻值，图中不能实现测量Rx阻值的电路图是（）ABCD考点 欧姆定律的应用专题 欧姆定律分析 测量电阻的原理为R，已知电压表测量的电压，并利用已知阻值的R0和开关的控制，推导出通过RX中的电流是分析的关键解答 解A、当开关闭合时，R0短路，电压表测电源电压，设此时示数为U1，当开关断开时，R0与RX串联，电压表测RX的电压，设此时示数为U2，则此时R0两端的电压为U1U2根据串联电路电流处处相等可列出等式，推导得出RXR0，故此电路可以测出RX阻值B、当开关闭合时，RX被短路，电压表测电源电压，当开关断开时，RX与R0串联，电压表仍测电源电压，无法推导出通过RX的电流，故此电路不能测出RX阻值C、当开关掷到1档时，只有RX接入电路，电压表示数等于电源电压，设此时示数为U1，当开关掷到2档时，RX与R0串联，电压表测RX的电压，设此时示数为U2，则此时R0两端电压为U1U2根据串联电路电流处处相等可列出等式，推导得出RXR0，故此电路可以测出RX阻值D、当开关掷到1档时，只有R0接入电路，电压表示数等于电源电压，设此时示数为U1，当开关掷到2档时，RX与R0串联，电压表测R0的电压，设此时示数为U2，则此时RX两端电压为U1U2根据串联电路电流处处相等可列出等式，推导得出RXR0，故此电路可以测出RX阻值故选B点评 缺少电流表测电阻的时，重点是利用已知知识得出未知电阻中的电流；如果缺少电压表测电阻，也常以各支路电压相等为突破口10下列做法不符合安全用电原则的是（）A用电器的金属外壳应接地B检查维修家用电器时，应将电源断开C为防止家庭电路中的熔丝频繁烧断，可用铜丝代替熔丝D使用测电笔时，手要接触测电笔尾部的金属电极考点 安全用电原则专题 电与热、生活用电分析 对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电；家庭电路要安装符合安全要求的保险丝，不能用铁丝或铜丝代替保险丝；测电笔的正确使用是手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线解答 解A、带有金属外壳的用电器，金属外壳与地线相连，防止金属外壳漏电，发生触电事故此选项正确；B、检查维修家用电器时，要先断开开关，以免电路中有电流，发生触电事故此选项正确；C、当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，就起不到保护作用了此选项错误；D、使用测电笔时，手要与笔尾金属体接触此选项正确故选C点评 本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用11关于磁体、磁场和磁感线，以下说法中正确的是（）A铁和铝都能够被磁体吸引B磁体之间的相互作用是通过磁场发生的C磁感线是磁场中真实存在的曲线D磁感线从磁体的S极出来，回到磁体的N极考点 磁场；磁感线及其特点专题 错解分析题；磁现象、电生磁分析 （1）磁性是指一些物体具有吸引铁、钴、镍等磁性物质的性质，具有磁性的物体称为磁体（2）磁体周围存在磁场，磁体之间的相互作用就是通过磁场实现（3）在磁体的周围存在着磁场，为了形象直观地描述磁场而引入磁感线的（4）磁感线的方向在磁体的外部，从磁体的北极出发，回到南极解答 解A、磁体能够吸引铁、钴、镍等物质，不能吸引铝，故A错；B、磁体周围存在磁场，磁场是客观存在的物质，磁体对处于其磁场内的磁性物质有磁力的作用故B正确C、根据课本中的相关基础知识可知，为了描述看不见但又客观存在的磁场，人们利用建立模型的方法引入了磁感线故C错D、在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极故D错故选B点评 此题考查了磁体、磁性、磁感线、磁场等有关磁知识，是一道基础题12如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20 1A”闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中，下列说法正确的是（）A电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W2.5WB电流表示数允许的变化范围为0.2A0.3AC变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为220D电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W3W考点 欧姆定律的应用；电功率的计算专题 计算题；欧姆定律；电能和电功率分析 滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表测量定值电阻两端的电压，根据串联电路的分压原理（电阻越大，电阻两端的电压越高），当电压表的示数最小时，变阻器接入电路的电阻最大；当电流表的示数达到最大值时，变阻器接入电路的电阻最小；根据欧姆定律的应用可分别电路中的总电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻值，同时可以确定电压表示数、电流表示数以及电路中总功率的变化解答 解电源两端电压为6V保持不变，定值电阻为10；由题意知，当电压表的最大测量值为3V时，此时定值电阻R1两端的电压U13V，电路中的电流II2I10.3A0.6A，因此电路中的最大电流为0.3A；此时滑动变阻器两端的电压U2minUU16V3V3V，由I得最小电阻R2min10；电路消耗的最大功率PUI6V0.3A1.8W；电阻R1消耗功率最大功率PUI3V0.3A0.9W故AD错误；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，则总阻值为RmaxR1R2102030，即Imin0.2A，则电流表示数允许的变化范围为0.2A0.3A，故B正确；而变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为020，故C错误故选B点评 本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律二、填空题（本题共10小题，每空1分，共28分）13在探究杠杆平衡条件的实验中，保持杠杆在水平位置平衡，就可以直接从杠杆上读出力臂如图所示，在支点左侧20cm刻度处挂3个重均0.5N的钩码，右侧30cm刻度处用弹簧测力计沿竖直方向拉杠杆，使其水平平衡，此时弹簧测力计拉力为1N保持弹簧测力计悬挂点的位置不变，使其拉力方向斜向右下方，仍使杠杆水平平衡，弹簧测力计示数变大考点 探究杠杆的平衡条件实验专题 探究型实验综合题分析 （1）在“探究杠杆平衡的条件”实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，目的是为了便于测量力臂；（2）知道阻力、阻力臂、动力臂，根据杠杆平衡条件求出动力（3）当弹簧测力计斜着拉时，其力臂小于杠杆长，根据杠杆平衡条件分析出答案解答 解（1）在探究杠杆平衡条件的实验中，保持杠杆在水平位置平衡，就可以直接从杠杆上读出力臂的数值；（2）F1l1F2l2，即F130cm30.5N20cm，F11N（3）保持弹簧测力计悬挂点的位置不变，使其拉力方向斜向右下方，力臂变小，即L130cm，根据杠杆平衡条件得，1.5N20cmF130cm，即F1，因为L130cm，所以F11N；故答案为力臂；1；大点评 本题考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的应用等问题，是实验的常考问题，一定要掌握探究杠杆平衡条件时，要使力臂在杠杆上，有两个条件杠杆在水平位置平衡；力竖直作用在杠杆上14正常人的心脏推动血液流动的功率约为1.5W，那么在3s 内心脏做的功是4.5J，这些功可把一个0.5N 的鸡蛋匀速举高9m考点 功的计算专题 计算题；功、功率、机械效率分析 （1）已知功率，时间，代入功的公式WPt中即可求心脏做的功（2）根据这些功代入h中，即可求得鸡蛋被匀速举高的高度解答 解心脏做的功 WPt1.5W3s4.5J；WGh，这些功可把一个0.5N 的鸡蛋匀速举高h9m故答案为4.5；9点评 本题考查功的计算，属于一种变形的题，贴近实际15如图是比较不同燃料热值的装置（1）酒精的热值为3.0107J/kg，表示质量为1千克的酒精完全燃烧时放出的热量是3.0107焦耳；（2）当酒精和碎纸片完全燃烧时，需要记下温度计示数的变化（水升高的温度）；（3）在（a）装置中，酒精的质量为10g，烧杯中水的质量为200g、初温为20点燃酒精直至烧完，此时温度计示数上升到70，给水加热的效率为14水的比热容为4.2103J/（kg考点 热平衡方程的应用专题 应用题；比热容、热机、热值分析 （1）热值的定义是1Kg某种燃料完全燃烧时放出的热量叫做这种燃料的热值（2）由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料的热值大小（3）知道酒精的质量和酒精的热值，利用燃料完全燃烧放出的热量公式Q放mq求酒精完全燃烧放出的热量（总能量）；知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸cmt求水吸收的热量（有用能量）；给水加热的效率等于水吸收的热量与酒精完全燃烧放出的热量的比值解答 解（1）酒精热值是3.0107J/kg，它表示的物理意义是质量为1千克的酒精完全燃烧时放出的热量是3.0107焦耳（2）因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化；所以可以通过温度计示数的变化（水升高的温度）来比较燃料热值的大小关系（3）酒精的热值q3.0107J/kg，燃烧酒精的质量m10g0.01kg，酒精完全燃烧放出的热量为Q放mq0.01kg3.0107J/kg3.0105J；水的比热容C4.2103J/（kg），加热水的质量m200g0.2kg，水温度升高度数ttt0702050，水吸收的热量为Q吸cmt4.2103J/（kg）0.2kg504.2104J；则给水加热的效率为10010014故答案为（1）质量为1千克的酒精完全燃烧时放出的热量是3.0107焦耳；（2）温度计示数的变化（水升高的温度）；（3）14点评 本题考查了热值的概念、燃料燃烧的公式Qmq、吸热公式、效率公式的熟练应用，以及会用转换法设计探究实验是本题的解题关键计算时注意单位统一，虽知识点多，但都属于基础，难度不大16两只定值电阻，甲标有“10 0.5A”，乙标有“20 0.3A”，如果把它们串联起来，电路两端允许加的最大电压为9V；如果把它们并联起来，干路中允许通过的最大电流为0.75A考点 欧姆定律的应用专题 欧姆定律分析 （1）已知两电阻允许通过的最大电流，根据串联电路的电流特点可知，两电阻串联时电路允许通过的最大电流为两个允许通过最大电流的较小值，然后根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出两端允许加的最大电压；（2）根据欧姆定律求出甲电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压额定可知两电阻均达到最大允许通所加的电压，根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流解答 解（1）因串联电路中各处的电流相等，所以，两只电阻串联时，电路中的最大电流II乙0.3A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由I可得，两端允许加的最大电压UIR甲IR乙0.3A100.3A209V；（2）由I可知，电阻两端允许所加的最大电压U甲I甲R甲0.5A105V，U乙I乙R乙0.3A206V，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两只电阻并联时，电路中的最大电压UU甲U乙5V，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路最大电流II甲I乙0.75A故答案为9；0.75点评 本题考查电压、电流的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个，两只电阻并联时电压也选最小17如图1所示，先在一个配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花，然后迅速压下活塞，筒内棉花燃烧起来对这一现象的解释是，活塞压缩玻璃筒内的空气，对筒内空气做了功，使空气的内能增加，温度升高，达到乙醚着火点如图2是汽油机工作时各冲程的示意图，从能量转化的角度看，其中与左图实验相同的是B如果该汽油机飞轮转速是1800r/min，则它每秒钟内对外做功15次考点 有关热机的计算专题 比热容、热机、热值分析 （1）做功可以使内能与机械能之间进行转化对物体做功，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少（2）汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据进气门和排气门的开关情况和活塞的运动方向来判断冲程的类型；内燃机完成1个工作循环，四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次解答 解（1）下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使其气体的内能增加，温度升高，当温度升高达到棉花的着火点时，筒内棉花燃烧起来（2）由图可见A、进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，因此该冲程是吸气冲程；B、进气门排气门都关闭，活塞向上运动，因此该冲程是压缩冲程，机械能转化为内能；C、进气门排气门都关闭，活塞向下运动，因此该冲程是做功冲程，内能转化为机械能；D、进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，因此该冲程是排气冲程；从能量转化的角度看，其中与左图实验相同的是压缩冲程，故选B内燃机完成1个工作循环，完成四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次，1800r/min30r/s，即每秒完成15个工作循环，完成60个冲程，对外做功15次故答案为功；内能；B；15点评 此题结合实际情况考查对改变物体内能方式的理解与应用情况；根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程；要熟记内燃机完成一个工作循环完成的冲程数和做功次数18一个标有“220V 800W”字样的电暖器，正常工作5h消耗的电能是4kWh小明家电能表表盘如图所示，若现在只有该电暖器工作，则该表的指示灯闪烁了12800次，此时电能表上的示数变为09556考点 电能表参数的理解与电能的求法专题 电能和电功率分析 （1）由电暖器的铭牌求出电暖器的功率，由公式WPt求出电暖器消耗的电能；（2）根据表盘上的转盘转数和消耗电能之间的关系求出转盘转动的圈数（3）电能表原来示数加上电暖器消耗的电能是电能表后来的读数解答 解（1）由电暖器铭牌知，电暖器的功率P800W0.8kW，则5h电暖器消耗的电能WPt0.8kW5h4kWh，（2）由3200imp/kWh可知每消耗1kWh的电能，