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重庆市巴南区九年级上学期期末物理试卷一、选择题（每小题3分，共24分在每题给出的四个选项中只有一项是正确的）12014年1月29日教育部发布通知，提出“禁止在中小学幼儿园内吸烟”等禁令因为吸烟有害健康，只要有人吸烟，旁边的人就会闻到烟味，这是由于 A分子很小B分子在不停地运动C分子间有斥力D分子间有引力考点分子的热运动 专题分子热运动、内能分析一切物质的分子在永不停息地做无规则运动，吸烟时，烟分子在空气中进行扩散解答解一个人吸烟，由于烟分子在不停地做无规则运动，扩散到空气中，所以别人会闻到烟味故选B点评本题考查学生对分子运动现象的理解，属于基础知识的考查，比较简单2“玉兔号”月球车在月球上工作时，可用来驱动它的是 A汽油机B柴油机C电动机D水轮机考点物理常识 专题其他综合题分析解答此题要了解月球附近是真空，没有空气，没有水解答解由于月球表面没有空气，汽油、柴油不能燃烧，所以月球上的“玉兔号”不能使用汽油、柴油作为能源，月球上没有水，所以水轮机不能工作，只能用太阳能电池提供电能，使用电动机来驱动故选C点评在学习物理过程中要关注科技生活实事热点，如航空、航天、军事、地震等现象中包含的物理知识3我市近年来为打造“宜居宜业的田园都市”积极倡导节能减排，下列与节能无关的是 A沿海县市大力发展风力发电B部分县区用LED路灯替代通照明路灯C鼓励市民骑自行车或乘坐公交车上下班D城区道路铺设沥青路面可减弱噪音考点有利于节约能源的措施 专题能源的利用与发展来源学科网分析节能减排就是节约能源，减少二氧化碳等温室气体的排放，有计划的发展，科学的发展，据此解答；解答解A、促进风能的开发利用，可以节约化石燃料，减少二氧化碳的排放，故A正确；B、将照明的白炽灯换成LED路灯，节约电能，故B确；C、倡导骑自行车或乘坐公交车出行，减少了汽油，减少二氧化碳的排放，故C正确；D、城区道路铺设沥青路面可以减小噪声，与节能减排无关，故D错误故选D点评本题考查了节约资源、减少污染的具体方式，解答本题要充分理解节能环保的重要性4下列有关磁场的说法，不正确的是 A磁场能产生磁感线B磁针能指南北，是因为受到地磁场的作用C磁体间的相互作用是通过磁场发生的D地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近考点磁场；地磁场 专题应用题；磁现象、电生磁分析A、磁感线是为了研究磁场方便而人为建立的，不是磁场所产生的；B、磁针指南北是地磁和磁针的相互作用所致；C、磁体间的相互作用是通过磁场发生的；D、地磁南北极与地理南北极相反解答解A、磁感线是人为建立的，所以A选项说法错误，符合题意； B、在地磁的南北两极的作用下，磁针可以指示南北，B说法正确，不符合题意； C、磁体间的相互作用是通过磁场发生的，C说法正确，不符合题意； D、地磁南北极与地理南北极相反，即地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，D说法正确，不符合题意；故选A点评磁场是客观存在的物质，而磁感线是为研究磁场而建立的虚线5关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是 A家庭电路短路时会烧坏用电器B当两孔插座的两个线头相碰时，会造成短路C家庭电路中空气开关跳闸，一定是接入了大功率用电器D使用试电笔时，手若接触笔尾金属体就会发生触电事故考点安全用电原则 专题电与热、生活用电分析（1）家庭电路发生短路时会烧毁保险丝；（2）火线和零线直接连在一起会发生短路；（3）家庭电路电流过大的原因是短路或用电器总功率过大造成的；（4）使用侧代笔时，手必须要接触笔尾的金属体解答解A、家庭电路短路时会烧坏保险丝或空气开关跳闸，不会烧坏用电器，故A错误；B、当两孔插座的两个线头相碰时，会造成短路，故B正确；C、家庭电路中空气开关跳闸，可能是接入了大功率用电器，也可能是发生了短路，故C错误；D、使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体，只有这样，测电笔才会正常工作，故D错误故选B点评点评本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生6关于物体的内能，下列说法正确的是 A正在凝固的水温度为0，它没有内能B燃料燃烧过程中，热值大的燃料放出的热量一定多C汽油机在做功冲程中，将机械能转化为内能D冬天搓手取暖，是通过做功的方法增加了手的内能考点内能的概念；做功改变物体内能；燃料的热值；内燃机的四个冲程 来源Zxxk.Com专题分子热运动、内能；比热容、热机、热值分析A、一切物体都有内能；B、燃料放热的多少与燃料的质量、热值等均有关系；C、汽油机的做功冲程中，将内能转化为机械能；D、做功和热传递都可以改变物体的内能，二者是等效的解答解A、一切物体都有内能，正在凝固的水温度为0，这同样有内能此选项错误；B、燃料燃烧过程中，热值大的燃料放出的热量不一定多，因为放热多少还与燃料的质量有关系此选项错误；C、汽油机在做功冲程中，将内能转化为机械能，而不是将机械能转化为内能此选项错误；D、冬天搓手取暖，是通过做功的方法增加手的内能此选项正确故选D点评本题主要考查学生对内能的概念的了解和掌握，对与内能相关的说法做出判断是考试经常出现的内容，属于基础题7如图所示的四个图的装置可以用来演示物理现象，下列表述不正确的是 考点电磁感应；通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；磁场对通电导线的作用 专题磁现象、电生磁；电动机、磁生电分析电流磁效应是指电流能产生磁场；电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流；比较电磁铁磁性强弱与般用不同的电磁铁来吸引大头针；研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中根据不同实验的特点，对照各图进行判断即可来源学科网解答解A、该装置是研究电磁感应现象的实验装置，正确，不符合题意；B、该装置是演示电流的磁效应的实验装置，不正确，符合题意；C、该装置是演示电磁铁中线圈匝数的多少与磁性强弱的关系的实验装置，正确，不符合题意来源学科网ZXXKD、该装置演示磁场对电流作用的实验装置，正确，不符合题意；故选B点评图中所示的四个实验，是电与磁这一单元最典型的四个实验，它们各自的特点不同，代表了不同的含义，学习中我们应该加以重点区分8将额定电压相同的灯L1、L2串联在某电路中，发现灯L2比灯L1亮很多，下列说法正确的是 A通过L2的电流比L1大BL2的实际功率比L1大CL2的额定功率比L1小DL2的电阻比L1小考点串联电路的电流规律；额定功率 专题电流和电路；电能和电功率分析两灯串联在电路中时，通过它们的电流一定相等，根据灯泡的亮度可判断两灯泡实际功率的大小，根据PI2R可知两电阻的大小，根据欧姆定律可知两灯泡两端的电压关系，两灯泡的额定电压相等，根据P判断两灯泡额定功率之间的关系解答解A、灯L1、L2串联在某电路中，通过两灯泡的电流是相等的，故A错误；B、灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，灯L2比灯L1亮很多，说明灯泡L2的实际功率大，故B正确；C、因两灯泡的额定电压相等，所以，由P可知，灯L1的额定功率大于灯L2的额定功率；故C正确；D、由PI2R得，两灯泡电流相等，L2比灯L1亮说明L2的电阻大，故D错误故选BC点评本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小二填空题（每空，每图1分，共12分）9电磁感应是英国物理学家法拉第发现的，根据他的发现制成了发电机考点电磁感应 专题电动机、磁生电分析英国物理学家法拉第经过10年的探索，在1830年取得突破，发现了利用磁场产生电流的条件和规律，根据这个现象发明了发电机解答解电磁感应现象是英国物理学家法拉第发现的；根据电磁感应现象制成了发电机故答案为法拉第；发电点评本题考查了物理学史方面的知识，学习物理学史不仅能丰富我们的知识，还能激发我们学习物理的兴趣，平时要注意物理学历史知识的学习与积累10夏天城区的温度比郊区温度高，为了缓解夏天城区的炎热，在城市中修建了较多的人工湖和绿地，湖中的水由于比热容较大（选填“较大”或“较小”）和蒸发吸热（选填“吸热”或“放热”）两大作用，使湖水及周边温度不会升得太高考点比热容解释简单的自然现象；汽化及汽化吸热的特点 专题汽化和液化、升华和凝华；比热容、热机、热值分析对水的比热容大的理解相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析蒸发是一种汽化现象，需要吸热，可达到降温的目的解答解在城市中修建了较多的人工湖和绿地，湖中的水由于比热容较大，在吸收相同的热量的情况下，水的温度升高的少再加上水的蒸发可以吸收热量，可使湖水及周边的温度不会升得太高故答案为较大；吸热点评本题主要考查了学生对水的比热容大的特点及应用的了解和掌握，以及对蒸发吸热的了解，属热学基础题11有A、B、C三个带电小球，当A、B靠近时互相排斥，B、C靠近时互相吸引若A球带正电，则C球带负电，当B、C靠近时，由于带有异种（选填“同种”或“异种”）性质的电荷才会相互吸引考点物体带电情况的判断；电荷间的相互作用规律 专题电流和电路分析电荷间的作用规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，据以上规律分析即可解答解当A、B靠近时互相排斥，说明带同种电荷，若A球带正电，则B也带正电；B、C靠近时互相吸引，说明带异种电荷，则C球带负电故答案为负；异种点评能利用电荷间的作用规律去分析实际问题是解决该题的关键12如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V，闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的IU图象如图乙所示，则小灯泡的额定功率为24W，滑动变阻器的最大阻值为18考点电功率的计算；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用 专题应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析（1）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，当滑片位于左端时，电路中的电流最大，灯泡两端的电压为12V，根据图象读出对应的电流，利用PUI求出灯泡的额定功率；（2）当滑片位于右端时，电路中的电流最小，根据图象读出电路中的电流和灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值解答解（1）当滑片位于左端时，电路中的电流最大，灯泡两端的电压为12V，由图象可知，通过灯泡的电流I2.0V，灯泡的额定功率PUI12V2.0A24W；（2）当滑片位于右端时，电路中的电流最小，由图象可知，UL3V，I0.5A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压URUUL12V3V9V，由I可得，滑动变阻器的最大阻值R18故答案为24；18点评本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等13如图所示是一款家用电热水壶，结合你所学的知识和对电热水壶的了解，就电热水壶的结构或使用过程的具体情况，指出其涉及的一个物理现象和相关的物理知识，不得与示例重复示例物理现象电热水壶通电能发热物理知识电流的热效应物理现象橡胶手柄物理知识橡胶的导热性能差考点物理常识 专题其他综合题分析电热水壶应用了很多的物理知识从物理的力、热、电、声各部分打开思路，电热水壶主要从电学和热学进行考虑从电热水壶的把手、能的转化、白气上进行分析解答解电热水壶应用了很多的物理知识（1）物理现象橡胶手柄；物理知识橡胶的导热性能差；（2）物理现象水开时，壶盖周围的“白气”；物理知识液化现象；（3）物理现象把手上有花纹；物理知识增大摩擦力故答案为橡胶手柄；橡胶的导热性能差点评解决此类生活实际问题，要结合相关的物理知识去分析解释14图1中虚线框处是用来填灯泡和开关的，根据安全用电原则，在图中的一个框内填入灯泡符号；根据图2中螺线管中的电流方向，标出小磁针静止时的北极考点家庭电路的连接；安培定则 专题电与热、生活用电；磁现象、电生磁分析（1）根据保险丝的位置可判断出火线，再根据开关要控制火线的原则，判断出开关与电灯的位置来源学科网ZXXK（2）利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的极性，根据磁极间的作用规律确定小磁针的N极解答解（1）根据图可知，火线应先与开关连接，再连接灯泡；即右边是灯泡；（2）电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的右端为N极、左端为S极；由于异名磁极相互吸引，所以小磁针的右端是N极，如图所示点评（1）本题考查家庭电路的连接，开关控制火线这是家庭电路连接的基本要求（2）此题考查了安培定则的应用和磁极间的作用规律，属于基础题目三、实验与探究题（本题共3个小题，第15小题2分，第16小题4分，第17、18小题各8分，共22分）15为了研究物质的吸热情况，某实验小组在三只完全相同的杯子中分别放入50g水、100g水和100g沙子，各在杯口上盖一薄塑料片并分别插入一支温度计，一开始温度计的示数均显示为20将三只杯子同时放在太阳光下，经过相同时间后，观察到温度计的示数如图所示，请根据实验现象，总结相关规律比较图（a）和图（b），能得到的初步结论是水吸收相同热量后，质量较小（选填“较大”或“较小”）的升高的温度较多；比较图（b）和图（c），能得到的初步结论是质量相等的水和沙子，吸收相同热量后，沙子升高的温度较多考点探究比热容的实验 来源学科网专题探究型实验综合题分析根据物理中常用的控制变量法知，控制了物质的种类相同，初温相同，受热条件相等，来研究升高的温度与质量的关系根据物理中常用的控制变量法知，控制了物质的种类不同，质量相等，初温相同，受热条件相等，来研究升高的温度与物质种类的关系解答解由控制变量法知，当质量不同的水，在相等的条件下吸收相同的热量后，升高的温度与质量有关，质量越小，升高的温度越大；由控制变量法知，当质量相等的水和沙子，在相等的条件下吸收相同的热量后，升高的温度与物质的种类有关，对于沙和水来说，沙子升高的温度比水升高的温度多故答案为较小；沙子点评本题利用了控制变量法研究了物质的吸热本领的不同，是引出比热容概念的实验控制变量法就是在研究和解决问题的过程中，对影响事物变化规律的因素和条件加以人为控制，只改变某个变量的大小，而保证其它的变量不变，最终解决所研究的问题16为了探究“通电导体产生的热量与哪些因素有关”，小华将锰铜合金丝和镍铬合金丝串联接入电路，并使得温度计示数相同（如图所示）本实验主要探究导体产生的热量与导体的电阻（选填“导体的电阻”、“通过导体的电流”）之间的关系；随着时间的增加，两瓶中液体的温度都逐渐上升，说明通电导体产生的热量还与通电时间有关；已知镍铬合金丝比锰铜合金丝的电阻大，通电一段时间后，烧瓶B（选填“A”或“B”）中的煤油温度较高，这说明当通电时间和通过导体中的电流一定时，电阻越大，导体产生的热量越多考点焦耳定律 专题探究型实验综合题分析（1）当研究导体产生的热量与电阻的关系时，应控制通过导体的电流、通电时间相同；（2）当研究导体产生的热量与电阻的关系时，应控制通过导体的电流、通电时间相同 （3）当研究导体产生的热量与电流的关系时，应控制导体的电阻、通电时间相同解答解选用锰铜丝和镍铬合金丝是为了使两瓶中电阻不同，所以两瓶中的煤油温度上升，即通电导体产生的热量与电阻有关；随着时间增加，两瓶中煤油温度都逐渐上升，说明通电导体产生的热量与时间有关；选用锰铜丝和镍铬合金丝是为了改变电阻，镍铬合金丝比锰铜合金丝的电阻大，所以B中的煤油温度上升快故答案为导体的电阻；通电时间；B；通过导体的电流点评本题主要考查学生对焦耳定律实验探究的方法和过程的了解和掌握；同时掌握控制变量法的解题思想来源Z。xx。k.Com17在探究“通过导体中的电流与电压、电阻的关系”的实验中，已知电源电压为6V且保持不变，定值电阻的阻值分别为25、20、15、10，滑动变阻器的规格为“50 1A”（1）根据图1所示电路，用笔画线代替导线将图2所示的实物电路连接完整；（2）连接电路检查无误后，完成探究将采用到的方法是控制变量法（选填“等效替代法”、“模型法”或“控制变量法”）；（3）如连接电路时不慎将电流表与电压表位置颠倒，则闭合开关后，电流表无示数，电压表有示数（两空均选填“有”或“无”）；（4）排除故障并接好电路后，移动滑片P使定值电阻两端的电压保持为3V不变，当定值电阻由25更换为15时，滑片P应向左（选填“左”或“右”）移动；通过实验应得到的结论是当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（5）为探究“电流与电压的关系”，保证定值电阻的阻值为10不变，移动滑片，当电流表示数如图11，此时滑动变阻器消耗的电功率为0.8W；如用小灯泡代替定值电阻来进行实验，发现电压表与电流表示数的比值会发生变化其原因是小灯泡的灯丝电阻会随温度的升高而增大（选填“增大”或“减小”）考点探究电流与电压、电阻的关系实验 专题探究型实验综合题分析（1）电阻、滑动变阻器串联在电路中，电压表与电阻并联，电流表和电阻串联，根据I求出电路中的最大电流，确定电流表的量程；（2）探究“通过导体中的电流与电压、电阻的关系”的实验中，应该采用控制变量法，控制导体两端的电压或导体的电阻不变；（3）电压表内阻较大，故电压表在电路中相当于断路，应并联在电路中；而电流表内阻较小，在电路中相当于短路，故电流表应串联在电路中；根据电路及互换后两表的接法可知两表的示数；（4）当定值电阻R的阻值由25换成10时，电路中的总电阻变小，电路中的电流变大，滑动变阻器两端分得的电压变大，定值电阻两端的电压变小，为保持电阻两端的电压不变，应增大电路中的电流，减小滑动变阻器接入电路的电阻；电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；（5）读出电路中的电流大小，求出电阻两端的电压，求出滑动变阻器两端的电压，根据PUI求出滑动变阻器消耗的功率；灯丝的电阻随着温度的升高而增大解答解（1）电路中的最大电流I0.6A，所以电流表选00.6A量程，和电阻串联在电路中，如下图所示（2）在探究“通过导体中的电流与电压、电阻的关系”的实验中，应该控制采用控制变量法，控制电压或电阻不变，来研究电流和电阻、电压的关系；（3）当两表互换后，电压表串接在电路中，相当于断路，则由欧姆定律可得，电路中没有电流，故电流表示数为零；而此时相当于电压表并联在电源两端，测的是电源电压，故电压表示数接近电源电压；（4）当定值电阻R的阻值由25换成10时，电路中的总电阻变小，电路中的电流变大，滑动变阻器两端分得的电压变大，定值电阻两端的电压变小，为保持电阻两端的电压不变，应增大电路中的电流，减小滑动变阻器接入电路的电阻即滑片向左移动；通过实验应得到的结论是当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（5）图3中电流表选用的是0.6A量程，分度值为0.02A，此时的电流为0.2A，电阻两端的电压URIR0.2A102V，滑动变阻器两端的电压U滑UUR6V2V4V，滑动变阻器消耗的电功率PU滑I4V0.2A0.8W；灯泡的灯丝电阻会随温度的升高而增大故答案为（1）如上图；（2）控制变量法；（3）无；有；（4）左；反比；（5）0.8； 增大点评本题考查了实物图的连接、电路的动态分析、串联电路的特点和欧姆定律以及电功率的计算、电流表的读数等，考查的知识点较多，综合性强，在做题时要认真审题，灵活应用所学物理知识进行解答，对学生的综合能力要求较高18小明同学利用两节干电池、电压表、电流表、滑动变阻器（规格有“20 1A”和“50 0.5A”）等器材，测量标有“2.5V”字样的小灯泡的额定功率（1）小明按如图1所示连接电路，此时开关应处于断开状态（2）电路连接完成后，另一同学指出其中有一处连线错误，请在错误连线上打“”，并用笔画线代替导线画上正确的连线（3）闭合开关前，滑片P应置于最右（选填“左”或“右”）端；闭合开关，移动变阻器的滑片P的过程中，观察到电流表有示数，小灯泡不亮，且电压表无示数，则可能出现的故障是灯泡短路（4）排除故障后闭合开关，多次改变滑片P的位置，测得多组电压、电流值，并据此绘出如图2所示的IU图象由图象可知，当移动滑片P使电压表示数如图3时，小灯泡的电阻为7.5，为使小灯泡正常发光，滑片P应向左（选填“左”或“右”）端移动；小灯泡的额定功率是0.625W，所选滑动变阻器规格为20 1A考点电功率的测量 专题测量型实验综合题分析（1）连接电路时应断开开关；（2）本实验中电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表测灯泡两端电压，由此根据实物连接情况分析并改正；（3）灯泡不亮，可能是灯泡断路，或灯泡短路，或灯泡之外电路存在断路；电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明与电压表并联电路断路了；来源学科网（4）由图3读出电压表示数，由图2图象读出此时灯泡电流，由R计算此时灯泡电阻；灯泡要正常工作其电压应达到额定电压，根据串联电路的分压原理分析滑片的移动方向；由图象读出灯泡正常发光时的电流，根据PUI计算额定功率；由串联电路特点和欧姆定律计算灯泡正常发光时变阻器连入阻值从而确定变阻器规格解答解（1）为了保护电路，连接电路时应断开开关；（2）测小灯泡的额定功率的实验中，电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表测灯泡两端电压，由图1可知，电压表串联入电路，变阻器与灯泡并联了，修改情况如图所示；（3）为保护电路，闭合开关前将滑动变阻器的滑片调到接入最大值右端；来源Zxxk.Com闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路，发现灯不亮，电压表无示数，故障的原因可能是灯泡短路；（4）由图3可知，电压表使用03V量程，分度值为0.1V，示数为1.5V由图象可知此时通过灯泡的电流为0.2A，所以灯泡此时的电阻R7.5；为使灯泡正常发光，需使灯泡两端电压增大到额定电压2.5V，由串联电路的分压原理，需减小变阻器分得电压，由图可知滑片应向左移动；由图象，灯泡电压2.5V正常发光，此时电流为0.25A，所以灯泡的额定功率P额U额I额2.5V0.25A0.625W；电源为2节干电池组成，电源电压为3V，所以灯泡正常发光时，滑动变阻器连入电路的阻值为R滑2，所以变阻器选用规格为20 1A故答案为（1）断开；（2）见上图；（3）右；灯泡短路；（4）7.5；左；0.625；20 1A点评本题考查了实物连接、注意事项、电路故障分析、滑动变阻器的调节，连接实物图时，要注意电表量程的选择，滑动变阻器的接法，注意电表正负接线柱等问题四、论述与计算题（本题共3个小题，第19题6分，第20题8分，第21题8分，共22分，解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不给分）19如图所示，电阻R115，电源电压保持不变，闭合开关S，电流表A1示数为0.6A，电流表A的示数为1.8A，求（1）R1两端的电压；（2）R2的阻值考点欧姆定律的应用 专题欧姆定律分析由电路图可知，R1、R2并联，A1测通过R1的电流，A测干路电流（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R1两端的电压；（2）根据欧姆定律求出电阻R2的阻值解答解（1）由题可知，R1与R2并联，A1测通过R1的电流，A测干路电流由I可得R1两端的电压U1I1R10.6A159V；（2）根据并联电路的电压特点可知R2两端的电压U2UU19V，根据并联电路的电流特点流过R2的电流I2II11.8A0.6A1.2A，则R27.5答（1）R1两端的电压为9V；（2）R2的阻值为7.5点评本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目20如图是某饮水机的电路原理简图，电热丝R1、R0绕在出水管上，水经过出水管时被加热，通过改变“温、开水选择开关”的状态（“断开”或“闭合”），可以选择出温水或开水该饮水机的额定电压是220V，开水加热电功率是2200W，温水加热电功率是1100W已知R1、R0电阻值不随温度变化，水的比热容c4.2103J/（kg），水的密度1103kg/m3求（1）饮水机正常工作，出开水时电热丝中的电流I和电热丝R1的电阻值来源学科网（2）现在需要100的开水500mL，已知水的初温是23，水需要吸收多少热量如果电能转化为水的内能的效率是80，饮水机正常工作时，烧开这些水需要多少时间考点焦耳定律的计算公式及其应用 专题计算题；电和热综合题分析（1）根据正常工作时的电功率和电压求出电流和电阻R；根据保温状态的功率和P，结合与串联电阻特点，求出R0阻值；（2）先根据水的密度和体积求出水的质量，利用Qcmt求出水吸收的热量；再根据和t求出加热时间解答解（1）根据题意可知，饮水机处于加热状态时，只有电阻R0接入电路P加2200 W，由PUI可知，饮水机出开水时电热丝中的电流I10A，由P可知，R022，又，饮水机处于保温状态时，电阻R1和R0串联接入电路P加P保（R0R1）R021，则R1R022 （2）由可知，水的质量mV1.0103kg/m3500106m30.5 kg 水吸的热量Q吸cmt4.2103J/（kg）0.5 kg（10023）1.617105J由得，消耗的电能W2.02125105J 由WPt可知，加热时间t91.9s答（1）饮水机正常工作，出开水时电热丝中的电流是10A，电热丝R1的电阻值是22；（2）现在需要100的开水500mL，已知水的初温是23，水需要吸收1.617105J热量；如果电能转化为水的内能的效率是80，饮水机正常工作时，烧开这些水需要91.9s点评该题主要考查学生对于电路状态的判断、吸热和效率以及电功率的理解和掌握，是一道2015届中考中经常出现的综合题21如图所示，电源电压为12V且保持不变，小灯泡L的规格为“6V 3W”，滑动变阻器的最大阻值为20，电流表的量程为03A（1）当开关S1、S2都断开时，小灯泡L恰能正常发光，R1的阻值为多大在6min内电流通过R1所产生的热量是多少（2）在保证电流表安全使用的情况下，两个开关处于何种状态，且变阻器接入电路的阻值为多少时，整个电路消耗的电功率最大求出这个最大电功率考点欧姆定律的应用；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用 专题欧姆定律；电能和电功率；电与热、生活用电分析（1）当开关S1、S2都断开时，灯泡L与R1串联；先根据PUI的变形公式求出此时电路中电流，然后根据串联电路电压的规律求出R1两端电压，最后根据欧姆定律的变形公式求出R1的阻值；根据QI2Rt即可求出在10min内电流通过R1所产生的热量；（2）由PUI可知，当电路中电流最大时，整个电路消耗的电功率最大，由此分析并计算解答解（1）由图当开关S1、S2都断开时，灯泡L与R1串联，且小灯泡恰能正常发光，由PUI得电路中的电流II1I额0.5A，R1两端的电压U1UU额12V6V6V，则R112；在6min内电流通过R1产生的热量Q1I2R1t（0.5A）212660s1080J；（2）在保证电流表安全的情况下，为使整个电路消耗的电功率最大，应将开关S1、S2都闭合，使R1与R2并联，并使干路电流I3A，UU1U212V，此时，通过R1的电流I11A，通过R2的电流为I2II13A1A2A，则R26，整个电路消耗的电功率为PUI12V3A36W答（1）当开关S1、S2都断开时，R1的阻值为6V；在6min内电流通过R1所产生的热量是1080J；（2）在保证电流表安全使用的情况下，应将开关S1、S2都闭合，且变阻器接入电路的阻值为6时，整个电路消耗的电功率最大，最大电功率为36W点评本题考查了对串并联电路的特点、欧姆定律、焦耳定律、电功率公式的掌握和运用，能分析电路图得出当S1、S2都断开和当S1、S2均闭合时的电路组成是本题的突破口，灵活选用公式计算是关键
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